首頁 > 人文
2020-2021九年級數學圓的綜合的專項培優練習題及詳細答案
由 開車的趣聞 發表于 人文2021-06-08
簡介(2)作DM⊥AB於M,DN⊥AC於N,連結AD,如圖2,由△ABC為正三角形,D為BC 的中點,得到AD平分∠BAC,∠BAC=60°,利用角平分線性質得DM=DN,得∠MDN=120°,由∠EDF=120°,得到∠MDE=∠NDF,於是
射影定理是什麼
2020-2021九年級數學圓的綜合的專項培優練習題(含答案)及詳細答案
一、圓的綜合
1。如圖,以O為圓心,4為半徑的圓與x軸交於點A,C在⊙O上,∠OAC=60°。
(1)求∠AOC的度數;
(2)P為x軸正半軸上一點,且PA=OA,連線PC,試判斷PC與⊙O的位置關係,並說明理由;
(3)有一動點M從A點出發,在⊙O上按順時針方向運動一週,當S△MAO=S△CAO時,求動點M所經過的弧長,並寫出此時M點的座標。
【答案】(1)60°;(2)見解析;(3)對應的M點座標分別為:M1(2,﹣3M2(﹣2,﹣3)、M3(﹣2,3M4(2,3)。
【解析】
【分析】
(1)由於∠OAC=60°,易證得△OAC是等邊三角形,即可得∠AOC=60°。
(2)由(1)的結論知:OA=AC,因此OA=AC=AP,即OP邊上的中線等於OP的一半,由此可證得△OCP是直角三角形,且∠OCP=90°,由此可判斷出PC與⊙O的位置關係。(3)此題應考慮多種情況,若△MAO、△OAC的面積相等,那麼它們的高必相等,因此有四個符合條件的M點,即:C點以及C點關於x軸、y軸、原點的對稱點,可據此進行求解。
【詳解】
(1)∵OA=OC,∠OAC=60°,
∴△OAC是等邊三角形,
故∠AOC=60°。
(2)由(1)知:AC=OA,已知PA=OA,即OA=PA=AC;
∴AC=1
OP,因此△OCP是直角三角形,且∠OCP=90°,
2
而OC是⊙O的半徑,
故PC與⊙O的位置關係是相切。
(3)如圖;有三種情況:
①取C 點關於x 軸的對稱點,則此點符合M 點的要求,此時M 點的座標為:M 1(2,﹣3
劣弧MA 的長為:60441803
ππ?=; ②取C 點關於原點的對稱點,此點也符合M 點的要求,此時M 點的座標為:M 2(﹣2,﹣3
劣弧MA 的長為:120481803
ππ?=; ③取C 點關於y 軸的對稱點,此點也符合M 點的要求,此時M 點的座標為:M 3(﹣2,3
優弧MA 的長為:2404161803
ππ?=; ④當C 、M 重合時,C 點符合M 點的要求,此時M 4(2,3); 優弧MA 的長為:3004201803
ππ?=; 綜上可知:當S △MAO =S △CAO 時,動點M 所經過的弧長為
481620,,,3333ππππ對應的M 點座標分別為:M 1(2,﹣3M 2(﹣2,﹣3)、M 3(﹣2,3M 4(2,3
【點睛】
本題考查了切線的判定以及弧長的計算方法,注意分類討論思想的運用,不要漏解。
2。如圖,在ABC V 中,90ACB ∠=o ,BAC ∠的平分線AD 交BC 於點D ,過點D 作DE AD ⊥交AB 於點E ,以AE 為直徑作O e 。
()1求證:BC 是O e 的切線;
()2若3AC =,4BC =,求tan EDB ∠的值。
【答案】(1)見解析;(2)1tan 2EDB ∠=
。【解析】
【分析】 ()1連線OD ,如圖,先證明OD//AC ,再利用AC BC ⊥得到OD BC ⊥,然後根據切線的判定定理得到結論;
()2先利用勾股定理計算出AB 5=,設O e 的半徑為r ,則OA OD r ==,OB 5r =-,再證明BDO V ∽BCA V ,利用相似比得到r :()35r =-:5,解得15r 8=
,接著利用勾股定理計算5BD 2=,則3CD 2=,利用正切定理得1tan 12
∠=,然後證明1EDB ∠∠=,從而得到tan EDB ∠的值。
【詳解】
()1證明:連線OD ,如圖,
AD Q 平分BAC ∠,
12∴∠=∠,
OA OD =Q ,
23∴∠=∠,
13∴∠=∠,
//OD AC ∴,
AC BC ⊥Q ,
OD BC ∴⊥,
BC ∴是O e 的切線;
()2解:在Rt ACB V 中,22345AB =+=,
設O e 的半徑為r ,則OA OD r ==,5OB r =-,
//OD AC Q ,
BDO V ∴∽BCA V ,
OD ∴:AC BO =:BA ,
即r :()35r =-:5,解得158r =, 158OD ∴=,258
OB =, 在Rt ODB V 中,2252
BD OB OD =-=, 32
CD BC BD ∴=-=, 在Rt ACD V 中,3
12tan 132
CD AC ∠===, AE Q 為直徑,
90ADE ∴∠=o ,
90EDB ADC ∴∠+∠=o ,
190ADC ∠+∠=o Q ,
1EDB ∴∠=∠,
1tan 2
EDB ∴∠=。 【點睛】
本題考查了切線的判定與性質:經過半徑的外端且垂直於這條半徑的直線是圓的切線;圓的切線垂直於經過切點的半徑。判定切線時“連圓心和直線與圓的公共點”或“過圓心作這條直線的垂線”;也考查了圓周角定理和解直角三角形。
3。如圖,在△ABP 中,C 是BP 邊上一點,∠PAC =∠PBA ,⊙O 是△ABC 的外接圓,AD 是⊙O 的直徑,且交BP 於點E。
(1)求證:PA 是⊙O 的切線;
(2)過點C 作CF ⊥AD ,垂足為點F ,延長CF 交AB 於點G ,若AG?AB=12,求AC 的長。
【答案】(1)證明見解析(2)3【解析】
試題分析:(1)根據圓周角定理得出∠ACD=90°以及利用∠PAC=∠PBA 得出
∠CAD+∠PAC=90°進而得出答案;
(2)首先得出△CAG∽△BAC,進而得出AC2=AG·AB,求出AC即可。
試題解析:(1)連線CD,如圖,
∵AD是⊙O的直徑,
∴∠ACD=90°,
∴∠CAD+∠D=90°,
∵∠PAC=∠PBA,∠D=∠PBA,
∴∠CAD+∠PAC=90°,
即∠PAD=90°,
∴PA⊥AD,
∴PA是⊙O的切線;
(2)∵CF⊥AD,
∴∠ACF+∠CAF=90°,∠CAD+∠D=90°,
∴∠ACF=∠D,
∴∠ACF=∠B,
而∠CAG=∠BAC,
∴△ACG∽△ABC,
∴AC:AB=AG:AC,
∴AC2=AG?AB=12,
∴AC=23。
4。如圖,在⊙O中,直徑AB⊥弦CD於點E,連線AC,BC,點F是BA延長線上的一點,且∠FCA=∠B。
(1)求證:CF是⊙O的切線; (2)若AE=4,tan∠ACD=1
2
,求AB和FC的長。
【答案】(1)見解析;(2) ⑵AB=20 ,
40
【解析】
分析:(1)連線OC ,根據圓周角定理證明OC ⊥CF 即可;
(2)透過正切值和圓周角定理,以及∠FCA =∠B 求出CE 、BE 的長,即可得到AB 長,然後根據直徑和半徑的關係求出OE 的長,再根據兩角對應相等的兩三角形相似(或射影定理)證明△OCE ∽△CFE ,即可根據相似三角形的對應線段成比例求解。
詳解:⑴證明:連結OC
∵AB 是⊙O 的直徑
∴∠ACB=90°
∴∠B+∠BAC=90°
∵OA=OC
∴∠BAC=∠OCA
∵∠B=∠FCA
∴∠FCA+∠OCA=90°
即∠OCF=90°
∵C 在⊙O 上
∴CF 是⊙O 的切線
⑵∵AE=4,tan ∠ACD
12
AE EC = ∴CE=8 ∵直徑AB ⊥弦CD 於點E
∴??AD AC =
∵∠FCA =∠B
∴∠B=∠ACD=∠FCA
∴∠EOC=∠ECA
∴tan ∠B=tan ∠ACD=
1=2CE BE ∴BE=16
∴AB=20
∴OE=AB÷2-AE=6
∵CE ⊥AB
∴∠CEO=∠FCE=90°
∴△OCE ∽△CFE ∴OC OE CF CE
=
即106=8
CF ∴40CF 3=
點睛:此題主要考查了圓的綜合知識,關鍵是熟知圓周角定理和切線的判定與性質,結合相似三角形的判定與性質和解直角三角形的知識求解,利用數形結合和方程思想是解題的突破點,有一定的難度,是一道綜合性的題目。
5。已知:AB 是⊙0直徑,C 是⊙0外一點,連線BC 交⊙0於點D ,BD=CD,連線AD 、AC 。
(1)如圖1,求證:∠BAD=∠CAD
(2)如圖2,過點C 作CF ⊥AB 於點F,交⊙0於點E,延長CF 交⊙0於點G。過點作EH ⊥AG 於點H ,交AB 於點K,求證AK=2OF ;
(3)如圖3,在(2)的條件下,EH 交AD 於點L,若0K=1,AC=CG,求線段AL 的長。
圖1 圖2 圖3
【答案】(1)見解析(2)見解析(3)12105
【解析】
試題分析:(1)由直徑所對的圓周角等於90°,得到∠ADB =90°,再證明△ABD ≌△ACD 即可得到結論;
(2)連線BE 。由同弧所對的圓周角相等,得到∠GAB =∠BEG 。再證△KFE ≌△BFE ,得到BF =KF =BK 。由OF =OB -BF ,AK =AB -BK ,即可得到結論。 (3)連線CO 並延長交AG 於點M ,連線BG 。設∠GAB =α。先證CM 垂直平分AG ,得到AM =GM ,∠AGC +∠GCM =90°。再證∠GAF =∠GCM =α。透過證明△AGB ≌△CMG ,得到BG =GM =12
AG 。再證明∠BGC =∠MCG =α。設BF =KF =a , 可得GF =2a ,AF =4a 。 由OK =1,得到OF =a +1,AK =2(a +1),AF = 3a +2,得到3a +2=4a ,解出a 的值,得到AF ,AB ,GF ,FC 的值。由tanα=tan ∠HAK =
12HK AH =, AK =6,可以求出 AH 的長。再由1tan tan 3BAD BCF ∠=∠= ,利用公式tan ∠GAD =tan tan 1tan tan GAF BAD GAF BAD
∠+∠-∠?∠,得到∠GAD =45°,則AL 2AH ,即可得到結論。
試題解析:解:(1)∵AB 為⊙O 的直徑,∴∠ADB =90°,∴∠ADC =90°。
∵BD =CD ,∠BDA =∠CDA ,AD =AD ,∴△ABD ≌△ACD ,∴∠BAD =∠CAD 。
(2)連線BE 。∵BG =BG ,∴∠GAB =∠BEG 。
∵CF ⊥AB ,∴∠KFE =90°。
∵EH ⊥AG ,∴∠AHE =∠KFE =90°,∠AKH =∠EKF ,∴∠HAK =∠KEF =∠BEF 。
∵FE =FE ,∠KFE =∠BFE =90°,∴△KFE ≌△BFE ,∴BF =KF =
BK 。
∵ OF =OB -BF ,AK =AB -BK ,∴AK =2OF 。
∵AC =CG , ∴點C 在AG 的垂直平分線上。∵ OA =OG ,∴點O 在AG 的垂直平分線上, ∴CM 垂直平分AG ,∴AM =GM ,∠AGC +∠GCM =90°。
∵AF ⊥CG ,∴∠AGC +∠GAF =90°,∴∠GAF =∠GCM =α。
∵AB 為⊙O 的直徑,∴∠AGB = 90°,∴∠AGB =∠CMG =90°。
∵AB =AC =CG ,∴△AGB ≌△CMG ,∴BG =GM =12
AG 。
在Rt △AGB 中, 1tan tan 2
GB GAB AG α∠=== 。 ∵∠AMC =∠AGB = 90°,∴BG ∥CM , ∴∠BGC =∠MCG =α。
設BF =KF =a , 1tan tan 2BF BGF GF α∠==
=,∴GF =2a ,1tan tan 2GF GAF AF α∠=== ,AF =4a 。
∵OK =1,∴OF =a +1,AK =2OF =2(a +1),∴AF =AK +KF =a +2(a +1)=3a +2,∴3a +2=4a ,∴a =2, AK =6,∴AF =4a =8,AB =AC =CG =10,GF =2a =4,FC =CG -GF =6。 ∵tanα=tan ∠HAK =12
HK AH =,設KH =m ,則AH =2m ,∴AK 22(2)m m +=6,解得:
m=65
5
,∴AH=2m
=
5
。在Rt△BFC中,
1
3
BF
FC
∠==。∵∠BAD+∠ABD=90°,∠
FBC+∠BCF=90°,∴∠BCF=∠BAD,
1
tan tan
3
BAD BCF
∠=∠=,∴tan∠GAD=
tan tan
1tan tan
GAF BAD
GAF BAD
∠+∠
-∠?∠
=
11
11
1
23
+
=
-?
∴∠GAD=45°,∴HL=AH,AL=2AH= 1210
5
。
6。如圖,已知BC是⊙O的弦,A是⊙O外一點,△ABC為正三角形,D為BC的中點,M 為⊙O上一點,並且∠BMC=60°。
(1)求證:AB是⊙O的切線;
(2)若E,F分別是邊AB,AC上的兩個動點,且∠EDF=120°,⊙O的半徑為2,試問
BE+CF的值是否為定值?若是,求出這個定值;若不是,請說明理由。
【答案】(1)證明見試題解析;(2)BE+CF的值是定值,為等邊△ABC邊長的一半。【解析】
試題分析:(1)連結OB、OD,如圖1,由於D為BC的中點,由垂徑定理的推理得
OD⊥BC,∠BOD=∠COD,即可得到∠BOD=∠M=60°,則∠OBD=30°,所以∠ABO=90°,於是得到AB是⊙O的切線;
(2)作DM⊥AB於M,DN⊥AC於N,連結AD,如圖2,由△ABC為正三角形,D為BC 的中點,得到AD平分∠BAC,∠BAC=60°,利用角平分線性質得DM=DN,得
∠MDN=120°,由∠EDF=120°,得到∠MDE=∠NDF,於是有△DME≌△DNF,得到ME=NF,
得到BE+CF=BM+CN,由BM=1
2
BD,CN=
1
2
OC,得到BE+CF=
1
2
BC,即可判斷BE+CF的值是
定值,為等邊△ABC邊長的一半。
試題解析:(1)連結OB、OD,如圖1,∵D為BC的中點,∴OD⊥BC,∠BOD=∠COD,
∴∠ODB=90°,∵∠BMC=1
2
∠BOC,∴∠BOD=∠M=60°,∴∠OBD=30°,∵△ABC為正三
角形,∴∠ABC=60°,∴∠ABO=60°+30°=90°,∴AB⊥OB,∴AB是⊙O的切線;
(2)BE+CF的值是為定值。
作DM⊥AB於M,DN⊥AC於N,連結AD,如圖2,∵△ABC為正三角形,D為BC的中點,∴AD平分∠BAC,∠BAC=60°,∴DM=DN,∠MDN=120°,∵∠EDF=120°,
∴∠MDE=∠NDF,在△DME和△DNF中,∵∠DME=∠DNF。DM=DN,∠MDE=∠NDF,∴△DME≌△DNF,∴ME=NF,∴BE+CF=BM﹣EM+CN+NF=BM+CN,在Rt△DMB中,
∵∠DBM=60°,∴BM=1
2
BD,同理可得CN=
1
2
OC,∴BE+CF=
1
2
1
2
1
2
BC,∴BE+CF
的值是定值,為等邊△ABC邊長的一半。
考點:1。切線的判定;2。等邊三角形的性質;3。定值問題;4。探究型;5。綜合題;6。壓軸題。
7。已知:BD為⊙O的直徑,O為圓心,點A為圓上一點,過點B作⊙O的切線交DA的延長線於點F,點C為⊙O上一點,且AB=AC,連線BC交AD於點E,連線AC。
(1)如圖1,求證:∠ABF=∠ABC;
(2)如圖2,點H為⊙O內部一點,連線OH,CH若∠OHC=∠HCA=90°時,求證:CH=
1
2
(3)在(2)的條件下,若OH=6,⊙O的半徑為10,求CE的長。
【答案】(1)見解析;(2)見解析;(3)
。【解析】
【分析】 ()1由BD 為O e 的直徑,得到D ABD 90∠∠+=o ,根據切線的性質得到
FBA ABD 90∠∠+=o ,根據等腰三角形的性質得到C ABC ∠∠=,等量代換即可得到結論;
()2如圖2,連線OC ,根據平行線的判定和性質得到ACO COH ∠∠=,根據等腰三角形的性質得到OBC OCB ∠∠=,ABC CBO ACB OCB ∠∠∠∠+=+,根據相似三角形的性質即可得到結論;
()3根據相似三角形的性質得到AB BD 2OH OC
==,根據勾股定理得到22AD BD AB 16=-=,根據全等三角形的性質得到BF BE =,AF AE =,根據射影定理得到2
12AF 916
==,根據相交弦定理即可得到結論。 【詳解】
()1BD Q 為O e 的直徑,
90BAD ∴∠=o ,
90D ABD ∴∠+∠=o ,
FB Q 是O e 的切線,
90FBD ∴∠=o ,
90FBA ABD ∴∠+∠=o ,
FBA D ∴∠=∠,
AB AC =Q ,
CABC ∴∠=∠,
CD ∠=∠Q ,
ABF ABC ∴∠=∠;
()2如圖2,連線OC ,
90OHC HCA ∠=∠=o Q , //AC OH ∴,
ACO COH ∴∠=∠,
OB OC =Q ,
OBC OCB ∴∠=∠,
ABC CBO ACB OCB ∴∠+∠=∠+∠, 即ABD ACO ∠=∠,
ABC COH ∴∠=∠,
90H BAD ∠=∠=o Q , ABD ∴V ∽HOC V ,
2AD BD CH OC
∴==, 12
CH DA ∴=; ()3由()2知,ABC V ∽HOC V , 2AB BD OH OC
∴==, 6OH =Q ,O e 的半徑為10, 212AB OH ∴==,20BD =, 2216AD BD AB ∴=-=, 在ABF V 與ABE V 中,
90ABF ABE AB AB BAF BAE ∠=∠??=??∠=∠=?
o, ABF ∴V ≌ABE V ,
BF BE ∴=,AF AE =, 90FBD BAD ∠=∠=o Q , 2AB AF AD ∴=?,